1樓：凌風較寐
（1）由圖象可知，在0～0.2s時間內，△b△t=0.1
0.2t/s=0.5t/s
由法拉第電磁感應定律得：線圈中產生的感應電動勢為：e=n△b△ts=120×0.5×0.1v=6v
通過該線圈的電流大小為：i=er=6
1.2a=5a
（2）在0.2s～0.3s時間內，△b
△t′=0.1
0.1t/s=1t/s
由法拉第電磁感應定律得：線圈中產生的感應電動勢為：e′=n△b△t′s=120×1×0.1v=12v
通過該線圈的電流大小為：i′=e′
r=12
1.2a=10a
故在0～0.3s時間內，線圈中產生的熱量為：q=i2rt1+i′2rt2=52×1.2×0.2+102×1.2×0.1=18j
答：（1）在0～0.2s時間內，通過該線圈的電流大小為5a；
（2）在0～0.3s時間內，線圈中產生的熱量為18j．
如圖所示，橫截面積為s=0.10m 2 ，匝數為n=120匝的閉合線圈放在平行於線圈軸線的勻強磁場中，該勻強磁場
2樓：旁霏霏
（1）由b-t圖象知，△b
△t=1t/s
根據法拉第電磁感應定律得：e=n△?
△t=n△bs
△t=120×1×0.10v=12v
（2）由閉合電路歐姆定律得電流強度：i=er+r
=124.8+1.2
a=2a
通過電阻r的電量：q=i△t=2×0.3c=0.6c答：（1）線圈中的感應電動勢為12v；
（2）從t1 =0到t2 =0.30s時間內，通過電阻r的電荷量q為0.6c．
截面積為0.10m2的120匝閉合線圈放在平行於線圈軸線的勻強磁場中，線圈總電阻為1.2ω．勻強磁場的磁感應強
3樓：暴丹煙
（1）由圖象可知，在0～0.2s時間內，△b△t=0.1
0.2t/s=0.5t/s
由法拉第電磁感應定律得：線圈中產生的感應電動勢為：e=n△b△ts=120×0.5×0.1v=6v
通過該線圈的電流大小為：i=er=6
1.2 a=5a，
在0.2s～0.3s時間內，有：△b
△t′=0.1
0.1t/s=1t/s
由法拉第電磁感應定律得：線圈中產生的感應電動勢為：e′=n△b△t′s=120×1×0.1v=12v
通過該線圈的電流大小為：i′=e′r
=121.2
a=10a；
根據q=it，可知，q=5×0.2+10×0.1=2c，（2）故在0～0.
3s時間內，線圈中產生的熱量為：q=i2rt1+i′2rt2=52×1.2×0.
2+102×1.2×0.1=18j
本題選擇不可能的，故選：abc．
如圖甲所示線圈的匝數n=100匝，橫截面積s=50cm2，線圈總電阻r=10ω，沿軸向有勻強磁場，設圖示磁場方向為
4樓：芙蘭的褲褲
a、通過線圈的磁通量與線圈的匝數無關，若設φ2=b's為正，則線圈中磁通量的變化量為△φ=b's-（-bs），代入資料即△φ=（0.1+0.4）×50×10-4 wb=2.
5×10-3 wb，故a錯誤；
b、磁通量的變化率△φ
△t＝2.5×?3
0.1wb/s＝2.5×1?2
wb/s，故b正確；
c、根據法拉第電磁感應定律可知，當a、b間斷開時，其間電壓等於線圈產生的感應電動勢，感應電動勢大小為e＝n△φ
△t＝2.5v，故c錯誤；
d、感應電流大小i＝e
r＝2.5
10a＝2.5a，故d項正確．
故選：bd．
截面積為0.2m2的100匝電阻可以忽略不計的線圈a，處在均勻磁場中，磁場的方向垂直線圈截面，如圖所示，磁
5樓：
（1）由題磁感應強度為：b=（0.6-0.2t）t，可以看出b與t是線性關係，
其斜率大小即為磁感應強度的變化率，大小為：△b△t=0.2t/s
由法拉第電磁感應定律得，線圈中感應電動勢大小為：
e＝n△φ
△t＝ns△φ
△t＝100×0.2×0.2v＝4v
由閉合電路歐姆定律得，閉合s2後，通過r2的電流大小為：
i＝er
+r＝4
4+6a＝0.4a
根據楞次定律判斷知，通過r2的電流方向為a→b．（2）s1切斷前，電容器板間電壓為：u=ir2=2.4v，則電容器所帶電量為：
q=cu=7.2×10-6c，s1切斷後，電容器所帶電量通過r2全部釋放，故通過r2的電量7.2×10-6c．答：
（1）閉合s2後，通過r2的電流大小為0.4a，方向：a→b；
（2）s1切斷後，通過r2的電量為：7.2×10-6．
如圖所示，匝數n=100匝、橫截面積s=0.2m2、電阻r=0.5ω的圓形線圈mn處於垂直紙面向裡的勻強磁場內，磁感
6樓：
a、∵b=6-0.2t∴△b
△t=0.2t/s
a線圈復內產生的感應電動勢制：e=n△?
△t=n△b?s
△t=100×0.02×0.2v=0.4v；
s閉合後，電路中電流i=e
r+r+r
=0.4
3.5+0.5+6
a=0.04a，則線圈兩端m、n兩點間的電壓為u=i（r1+r2）=0.38 v，故a錯誤；
b、由上分析可知，電阻r2消耗的電功率為p=i2r2=0.042×6w=9.6×10-3 w，故b正確；
c、電容器與電阻r2並聯，上方電勢低，故上極板帶負電，故c正確；
d、斷開s後，通過r2的電流q=cu2=cir2=7.2×10-6c；故d正確；
故選：bcd．
如圖所示，有一閉合線圈放在勻強磁場中，線圈的軸線和磁場線方向成30°角，磁感應強度隨時間均勻變化，用
7樓：龍龍
設導線的電阻率為ρ，橫截面積為s，線圈的半徑為r，則感應電流為：
i=er
=n△?
△t?1
r=sr
2ρ?△b
△tcosθ（θ為線圈的軸線與磁場方向的夾角）a、感應電流與匝數無關，故a錯誤；
b、把線圈的面積增加一倍，半徑變為
2倍，故電流變為
2倍，故b錯誤；
c、把線圈的半徑增加一倍，感應電流增加為2倍，故c正確；
d、改變線圈軸線對於磁場的方向，由於cos30°為32≈0.87，cosθ不可能增加為2倍，故感應電流不可能增加為2倍，故d錯誤；
故選：c．
如圖所示，匝數n=100匝、截面積s=0.2m2、電阻r=0.5ω的圓形線圈mn處於垂直紙面向裡的勻強磁場內，磁感應
8樓：權
（1）由題bai給條件
可知磁感應強du度的變zhi
化率為：△b△t＝
dao0.02t/s
故迴路產生回的電動勢為：答
e＝n△φ
△t＝n△b
△ts＝0.4v
感應電流：i＝er+r
+r＝0.04a
由閉合電路歐姆定律有：umn=e-ir=0.38v故r2消耗的電功率：p＝ir
=9.6×10-3w
（2）s合時：uc=ir2=0.24v
充電電量：q=cuc=7.2×10-6c
s開時：r2放電，放電的電量：q=7.2×10-6c，即為s斷開後通過r2的電荷量．
答：（1）閉合s後，線圈兩端m、n兩點間的電壓umn是0.38v，電阻r2消耗的電功率是9.6×10-3w；
（2）閉合s一段時間後又開啟s，則s斷開後通過r2的電荷量為7.2×10-6c．
如圖所示，單匝閉合圓形線圈面積為S，電阻為R，放在空間分佈均勻的磁場中，且線圈平面與磁場垂直，磁
kido 小 emax nbws nb2 s t q emax 根號2 2 t r 聯立得 q 2 2b 2s 2 tr 可以利用積分求出這段時間的磁感應強度積分，進而利用e bs t求出電動勢，進而求出熱量。值得注意的是這裡的正弦積分應該取正值，即真正的積分物件應該是 b sin 2 t t 物理...
如圖所示，矩形線圈面積為S 0 01m2，匝數為N 100匝，內阻為r 1，繞OO軸以角速度10rad
a 根據功能關係可知，外力做功和整個電路中產生的焦耳熱相等，所以有 w q u r rt nsb 4 r r 10 0.0 1 10 4 10 4 故a正確 b 產生交流電的電壓有效值為 u em2 nb s 2 100 1 10 0.012 5 2，故b錯誤 c 求流過電阻的電量要用平均值 i n...
如圖所示，匝數為面積為0 01m2的線圈，處於磁感應強度B1為1 T的勻強磁場中當線圈繞O1O2以轉速n為
宰詠 線圈轉動過程中電動勢的最大值為 em nb1s nb1s?2 n 100 1 0.01 2 5 10v 解得 e em2 52v棒達到穩定速度時，電動機的電流為 i 1a電動機的輸出功率p出 iu i2r 又p出 fv 而棒產生的感應電流i er b lvr穩定時棒處於平衡狀態，故有 f mg...